吝啬的国度
时间限制: 1000 ms | 内存限制: 65535 KB
难度: 3
- 描写叙述
- 在一个吝啬的国度里有N个城市。这N个城市间仅仅有N-1条路把这个N个城市连接起来。如今,Tom在第S号城市,他有张该国地图。他想知道如果自己要去參观第T号城市。必须经过的前一个城市是几号城市(如果你不走反复的路)。
- 输入
- 第一行输入一个整数M表示測试数据共同拥有M(1<=M<=5)组 每组測试数据的第一行输入一个正整数N(1<=N<=100000)和一个正整数S(1<=S<=100000)。N表示城市的总个数,S表示參观者所在城市的编号 随后的N-1行。每行有两个正整数a,b(1<=a,b<=N),表示第a号城市和第b号城市之间有一条路连通。 输出
- 每组測试数据输N个正整数,当中。第i个数表示从S走到i号城市,必需要经过的上一个城市的编号。
(当中i=S时,请输出-1)
例子输入 -
110 11 91 88 1010 38 61 210 49 53 7
例子输出 -
-1 1 10 10 9 8 3 1 1 8
解题思路:
一開始用了队列来求,起点入队。然后出队。找到跟起点相连的城市进队,那么这些城市的前一步就是出队的城市了,然后開始不停地出队入队,直到队空为止。思路不错。可是超时了。
经过看大神的代码,发现这个题能够用深搜来解决,再一看题目发现这确实符合深搜的特性。
无论是队列还是深搜,都须要标记。
队列用到了#include<queue>STL函数,
#include
由于给定的城市N的数目太大,建立数组须要用到#include<vector>,vector就是一个不定长数组,vector<int>a就是一个类似于int a[]的整数数组,仅仅只是他的长度不确定。能够用a.size()读取他的长度。#include using namespace std; //这几个头文件不可缺少int main(){queue <类型(如int)> q; //使用前需定义一个queue变量,且定义时已经初始化while(!q.empty()) q.pop(); //反复使用时,用这个初始化(空则返回1,不空返回0)q.push(1); //进队列q.pop(); //出队列int v=q.front(); //得到队首的值int s=q.size(); //得到队列里元素个数return 0;} 类型(如int)> 而vector<int>a[max]就是一个二维数组,仅仅是第一维的大小是固定的(不超过max),二维的大小就不固定了,这道题之所以用到vector就是利用了他的不定长,假设直接建立二维数组a[n][n]。n太大了,这种二维数组绝对超出内存。
(1)头文件#include<vector>.
(2)创建vector对象,vector<int> vec;
(3)尾部插入数字:vec.push_back(a);
(4)使用下标訪问元素。cout<<vec[0]<<endl;记住下标是从0開始的。
(5)向量大小:vec.size();
代码:
//队列思路(超时) #include
#include #include #include using namespace std;int sta[110000];int map[110000][3];int ans[110000];int main(){ int m; int n,s; int i,j,k; int now; queue q; scanf("%d",&m); while(m--) { scanf("%d%d",&n,&s); q.push(s); for(i=1;i //深搜代码(AC) #include
#include #include #include #include using namespace std;int pre[100005];vector v[100005];void dfs(int s){ int i; for(i=0;i